高考物理一轮复习第五章机械能第43讲“滑块——木板”模型中的能量转化问题教科版

2019高考物理一轮复习第五章机械能第43讲“滑块——木板”模型中的能量转化问题教科版本文简介：第43讲“滑块——木板”模型中的能量转化问题1.(多选)如图1所示，质量为M、长度为L的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块放在小车的最左端，现用一水平力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f，经过一段时间小车运动的位移为x，小物块刚好滑到小车的右端，则下列说法中正确的是()图1A．此

2019高考物理一轮复习第五章机械能第43讲“滑块——木板”模型中的能量转化问题教科版本文内容：

第43讲“滑块——木板”模型中的能量转化问题

1.(多选)如图1所示，质量为M、长度为L的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块放在小车的最左端，现用一水平力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f，经过一段时间小车运动的位移为x，小物块刚好滑到小车的右端，则下列说法中正确的是(

)

图1

A．此时小物块的动能为F(x＋L)

B．此时小车的动能为fx

C．这一过程中，小物块和小车增加的机械能为Fx－fL

D．这一过程中，因摩擦而产生的热量为fL

2．(多选)(2018·山东济宁模拟)如图2所示，长为L、质量为M的木板静置在光滑的水平面上，在木板上放置一质量为m的物块，物块与木板之间的动摩擦因数为μ.物块以v0从木板的左端向右滑动，若木板固定不动时，物块恰好能从木板的右端滑下．若木板不固定时，下列叙述正确的是(

)

图2

A．物块不能从木板的右端滑下

B．对系统来说产生的热量Q＝μmgL

C．经过t＝物块与木板便保持相对静止

D．摩擦力对木板所做的功等于物块克服摩擦力所做的功

3．(多选)水平地面上固定一倾角为θ＝37°的足够长的光滑斜面，如图3所示，斜面上放一质量为mA＝2.0kg、长l＝3m的薄板A.质量为mB＝1.0kg的滑块B(可视为质点)位于薄板A的最下端，B与A之间的动摩擦因数μ＝0.5.开始时用外力使A、B静止在斜面上，某时刻给滑块B一个沿斜面向上的初速度v0＝5m/s，同时撤去外力，已知重力加速度g＝10

m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.下列说法正确的是(

)

图3

A．在滑块B向上滑行的过程中，A、B的加速度大小之比为3∶5

B．从A、B开始运动到A、B相对静止的过程所经历的时间为0.5s

C．从A、B开始运动到A、B相对静止的过程中滑块B克服摩擦力所做的功为J

D．从A、B开始运动到A、B相对静止的过程中因摩擦产生的热量为J

4．(2018·河北邢台质检)如图4所示，质量为M＝4kg的木板静止在光滑的水平面上，在木板的右端放置一个质量为m＝1kg，大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数μ＝0.4，在铁块上加一个水平向左的恒力F＝8N，铁块在长L＝6m的木板上滑动．取g＝10m/s2.求：

图4

(1)经过多长时间铁块运动到木板的左端；

(2)在铁块到达木板左端的过程中，恒力F对铁块所做的功；

(3)在铁块到达木板左端时，铁块和木板的总动能．

答案精析

1．BD

[小物块运动的位移为x＋L，拉力和摩擦力做功，由动能定理得(F－f)(x＋L)＝Ek1，故选项A错误；小车仅受摩擦力，由动能定理得fx＝Ek2，选项B正确；小物块和小车组成的系统的机械能增加量为非重力做功，即(F－f)(x＋L)＋fx＝F(x＋L)－fL，选项C错误；因摩擦而产生的热量为摩擦力与相对路程之积，即Q＝fL，选项D正确．]

2．AC

[木板固定不动时，物块减少的动能全部转化为内能．木板不固定时，物块向右减速的同时，木板要向右加速，物块减少的动能转化为系统产生的内能和木板的动能，所以产生的内能必然减小，物块相对于木板滑行的距离要减小，不能从木板的右端滑下，故A正确．对系统来说，产生的热量Q＝fx相对＝μmgx相对<μmgL，故B错误．设物块与木板最终的共同速度为v，物块和木板系统动量守恒，取向右为正方向，根据动量守恒定律，有：mv0＝(m＋M)v，对木板M，由动量定理得：μmgt＝Mv，联立解得t＝，故C正确．由于物块与木板相对于地的位移大小不等，物块对地位移较大，而摩擦力大小相等，所以摩擦力对木板所做的功小于物块克服摩擦力所做的功，故D错误．]

3．CD

[由题中条件可知，当滑块B向上运动时，薄板A将沿斜面向下运动，由受力分析和牛顿第二定律可知，对薄板A，mAgsin

θ－μmBgcos

θ＝mAaA，薄板A的加速度aA＝4

m/s2，方向沿斜面向下；对滑块B，μmBgcosθ＋mBgsinθ＝mBaB，则滑块B的加速度aB＝10m/s2，方向沿斜面向下，故在滑块B向上滑行的过程中，A、B的加速度大小之比为2∶5，选项A错误；开始运动时，滑块B向上做匀减速直线运动，减速到零所需要的时间t1＝＝0.5s，此时薄板A的速度大小为vA＝aAt1＝2m/s，然后二者均向下运动，且二者的加速度不变，最后速度相同，则有vA＋aAt2＝aBt2，代入数据可解得t2＝s，共同速度为v＝m/s，A、B从开始运动到速度相同所用时间为t＝t1＋t2＝s，选项B错误；滑块B的位移为xB＝t1－t2＝m，方向沿斜面向上，所以滑块B克服摩擦力做的功为W＝μmBgxBcosθ＝J，选项C正确；A、B的相对位移为x＝t1＋aAt＋vAt2＋aAt－t2，代入数据解得x＝m，故从A、B开始运动到A、B相对静止的过程中因摩擦产生的热量Q＝μmBgxcosθ＝J，选项D正确．]

4．(1)2s

(2)***J

(3)40J

解析

(1)铁块与木板间的滑动摩擦力f＝μmg＝0.4×1×10N＝4N

铁块的加速度a1＝＝m/s2＝4

m/s2

木板的加速度a2＝＝m/s2＝1

m/s2

铁块滑到木板左端的时间为t，则a1t2－a2t2＝L

代入数据解得t＝2s

(2)铁块位移x1＝a1t2＝×4×22m＝8m

恒力F对铁块做的功W＝Fx1＝8×8J＝***J

(3)方法一：

铁块的动能

EkA＝(F－f)x1＝(8－4)×8J＝32J

木板位移x2＝a2t2＝×1×22m＝2m

木板的动能EkB＝fx2＝4×2J＝8J

铁块和木板的总动能

Ek总＝EkA＋EkB＝32J＋8J＝40J.

方法二：

铁块的速度v1＝a1t＝4×2m/s＝8

m/s

铁块的动能EkA＝mv＝×1×82J＝32J

木板的速度v2＝a2t＝1×2m/s＝2

m/s

木板的动能EkB＝Mv＝×4×22J＝8J

铁块和木板的总动能Ek总＝EkA＋EkB＝32J＋8J＝40J.