高考物理双基突破(二)专题32电磁感应中的“单杆”模型精讲
2019年高考物理双基突破(二)专题32电磁感应中的“单杆”模型精讲本文简介:专题32电磁感应中的“单杆”模型单杆模型是电磁感应中常见的物理模型,此类题目所给的物理情景一般是导体棒垂直切割磁感线,在安培力、重力、拉力作用下的变加速直线运动或匀速直线运动,所涉及的知识有牛顿运动定律、功能关系、能量守恒定律等。1.此类题目的分析要抓住三点:(1)杆的稳定状态一般是匀速运动(达到最
2019年高考物理双基突破(二)专题32电磁感应中的“单杆”模型精讲本文内容:
专题32
电磁感应中的“单杆”模型
单杆模型是电磁感应中常见的物理模型,此类题目所给的物理情景一般是导体棒垂直切割磁感线,在安培力、重力、拉力作用下的变加速直线运动或匀速直线运动,所涉及的知识有牛顿运动定律、功能关系、能量守恒定律等。
1.此类题目的分析要抓住三点:
(1)杆的稳定状态一般是匀速运动(达到最大速度或最小速度,此时合力为零)。
(2)整个电路产生的电能等于克服安培力所做的功。
(3)电磁感应现象遵从能量守恒定律。如图甲,导体棒ab从磁场上方h处自由释放,当进入磁场后,其速度随时间的可能变化情况有三种,如图乙,全过程其能量转化情况是重力势能转化为动能和电能,电能再进一步转化为导体棒和电阻R的内能。
2.单杆模型中常见的情况及处理方法:
(1)单杆水平式
v0≠0
v0=0
示
意
图
单杆ab以一定初速度v0在光滑水平轨道上滑动,质量为m,电阻不计,两导轨间距为L
轨道水平光滑,单杆ab质量为m,电阻不计,两导轨间距为L
轨道水平光滑,单杆ab质量为m,电阻不计,两导轨间距为L,拉力F恒定
轨道水平光滑,单杆ab质量为m,电阻不计,两导轨间距为L,拉力F恒定
力
学
观
点
导体杆以速度v切割磁感线产生感应电动势E=BLv,电流I==,安培力F=BIL=,做减速运动:v?F?a,当v=0时,F=0,a=0,杆保持静止
S闭合,ab杆受安培力F=,此时a=,杆ab速度v?感应电动势BLv?I?安培力F=BIL?加速度a,当E感=E时,v最大,且vm=
开始时a=,杆ab速度v?感应电动势E=BLv?I?安培力F安=BIL,由F-F安=ma知a,当a=0时,v最大,vm=
开始时a=,杆ab速度v?感应电动势E=BLv,经过Δt速度为v+Δv,此时感应电动势E′=BL(v+Δv),Δt时间内流入电容器的电荷量Δq=CΔU=C(E′-E)=
CBLΔv电流I==CBL=CBLa安培力F安=BLI=CB2L2a
F-F安=ma,a=,所以杆以恒定的加速度匀加速运动
图
象
观
点
能
量
观
点
动能全部转化为内能:Q=mv
电源输出的电能转化为动能W电=mv
F做的功一部分转化为杆的动能,一部分产生电热:WF=Q+mv
F做的功一部分转化为动能,一部分转化为电场能:WF=mv2+EC
【题1】如图所示,间距为L,电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置,导轨左端用一阻值为R的电阻连接,导轨上横跨一根质量为m,电阻也为R的金属棒,金属棒与导轨接触良好。整个装置处于竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中.现使金属棒以初速度v0沿导轨向右运动,若金属棒在整个运动过程中通过的电荷量为q。下列说法正确的是
A.金属棒在导轨上做匀减速运动
B.整个过程中电阻R上产生的焦耳热为
C.整个过程中金属棒在导轨上发生的位移为
D.整个过程中金属棒克服安培力做功为
【答案】D
【题2】如图所示,足够长的平行金属导轨内有垂直纸面向里的匀强磁场,金属杆ab与导轨垂直且接触良好,导轨右端与电路连接.已知导轨相距为L,磁场的磁感应强度为B,R1、R2和ab杆的电阻值均为r,其余电阻不计,板间距为d、板长为4d,重力加速度为g,不计空气阻力.如果ab杆以某一速度向左匀速运动时,沿两板中心线水平射入质量为m、带电荷量为+q的微粒恰能沿两板中心线射出,如果ab杆以同样大小的速度向右匀速运动时,该微粒将射到B板距其左端为d的C处。
(1)求ab杆匀速运动的速度大小v;
(2)求微粒水平射入两板时的速度大小v0;
(3)如果以v0沿中心线射入的上述微粒能够从两板间射出,试讨论ab杆向左匀速运动的速度范围。
【答案】(1)(2)(3) t1=⑩ 由⑧⑨⑩得:a1 若a1的方向向上,设ab杆运动的速度为v1,两板电压为:U1=BLv1? 又有:-mg=ma1? 联立???式得:v1?, 所以ab杆向左匀速运动时速度的大小范围为 方法技巧:巧用功能关系以及能量守恒思想1、在电磁感应现象中,当安培力是变力时,无法 直接求安培力做的功,这时要用功能关系和能量守恒的观点来分析问题。2、一个注意点:在应用能 量守恒观点解决电磁感应问题时,一定要分析清楚能量的转化情况,尤其要注意电能往往只是各种 形式能转化的中介。 3.单棒导体切割磁感线一般运动过程 类型 “电—动—电”型 “动—电—动”型 示意图 已知量 棒ab长L,质量m,电阻R;导轨光滑水平,电阻不计 棒ab长L,质量m,电阻R;导轨光滑,电阻不计 过程分 析(↑表 示增大, ↓表示减 小,→ 表示推 出) S闭合,棒ab受安培力F=,此时加速度a=,棒ab速度v↑→感应电动势E′=BLv↑→电流I↓→安培力F=BIL↓→加速度a↓,当安培力F=0时,a=0,v最大,最后匀速运动 棒ab释放后下滑,此时加速度a=gsin α,棒ab速度v↑→感应电动势E=BLv↑→电流I=↑→安培力F=BIL↑→加速度a↓,当安培力F=mgsin α时,a=0,v最大,最后匀速运动 能量转 化分析 通过安培力做功,电能一部分转化 为杆的动能,一部分转化为焦耳热 重力势能一部分转化为杆动能,一部分通过克服安培力做功转化为电能,又通过电阻转化为焦耳热 4.收尾状态 收 尾 状 态 形式 匀速直线运动 形式 匀速直线运动 力学 a=0 v恒定不变 力学 a=0 v最大vm 电学 I恒定 电学 I恒定 5.两种状态及处理方法 状态 特征 处理方法 平衡态 加速度为零 根据平衡条件列式分析 非平衡态 加速度不为零 根据牛顿第二定律进行动态分析或结合功能关系进行分析 【题7】相距L=1.5 m的足够长金属导轨竖直放置,质量为m1=1 kg的金属棒ab和质量为m2=0.27 kg的金属棒cd均通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上,如图(a)所示,虚线上方磁场方向垂直纸面向里,虚线下方磁场方向竖直向下,两处磁场磁感应强度大小相同。ab棒光滑,cd棒与导轨间的动摩擦因数为μ=0.75,两棒总电阻为1.8 Ω,导轨电阻不计。ab棒在方向竖直向上,大小按图(b)所示规律变化的外力F作用下,从静止开始,沿导轨匀加速运动,同时cd棒也由静止释放。(g取10 m/s2) (1)求出磁感应强度B的大小和ab棒加速度的大小; (2)已知在2s内外力F做功40J,求这一过程中两金属棒产生的总焦耳热; (3)判断cd棒将做怎样的运动,求出cd棒达到最大速度所需的时间t0,并在图(c)中定性画出cd棒所受摩擦力fcd随时间变化的图象。 【答案】(1)1.2 T 1 m/s2(2)18 J(3)2 s 图见解析 (2)在2 s末金属棒ab的速率vt=at=2 m/s所发生的位移s=at2=2 m 由动能定理得WF-m1gs-W安=m1v, 又Q=W安 联立以上方程,解得Q=WF-m1gs-m1v=40 J-1×10×2 J-×1×22 J=18 J。 (3)cd棒先做加速度逐渐减小的加速运动,当cd棒所受重力与滑动摩擦力相等时,速度达到最大; 然后做加速度逐渐增大的减速运动,最后停止运动。 当cd棒速度达到最大时,有m2g=μFN, 又FN=F安,F安=BIL,I==,vm=at0, 整理解得t0== s=2 s fcd随时间变化的图象如图所示。 【题8】(多选)如图所示,MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨,其间距为L,左侧为半径为R的光滑圆弧轨道,其最低位置与右侧水平粗糙平直导轨相切,右端接一个阻值为r的定值电阻。平直导轨部分的左边区域有宽度为d、磁感应强度大小为B、方向竖直的匀强磁场质量为m、电阻也为r的金属棒从圆弧轨道最高处由静止释放,到达磁场右边界处恰好停止。已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为μ,金属棒与导轨间接触良好。则在此过程中,以下说法正确的是 A.金属棒在磁场中做匀减速运动 B.通过金属棒横截面的电荷量为 C.定值电阻r产生的焦耳热为mg(R-μd) D.金属棒运动到圆弧轨道最低位置时对轨道的压力为3mg 【答案】CD 错误;通过金属棒横截面的电荷量为q=Δt,又=,=,则得q==,故B错误;根据能量守恒定律得:定值电阻r产生的焦耳热为Q=(mgR-μmgd)=mg(R-μd),故C正确;设金属棒运动到圆弧轨道最低位置时速度为v,金属棒在圆弧轨道运动过程中,根据机械能守恒定律得:mgR=mv2,在轨道最低位置时,由牛顿第二定律得:N-mg=m,联立解得:轨道对金属棒的支持力为:N=3mg,根据牛顿第三定律得金属棒对轨道的压力为:N′=N=3mg,故D正确。 【题9】如图甲所示,匀强磁场的磁感应强度B为0.5 T,其方向垂直于倾角θ为30°的斜面向上。绝缘斜面上固定有“∧”形状的光滑金属导轨MPN(电阻忽略不计),MP和NP长度均为2.5 m,MN连线水平,长为3 m。以MN中点O为原点,OP为x轴建立一维坐标系Ox。 一根粗细均匀的金属杆CD,长度d为3 m、质量m为1 kg、电阻R为0.3 Ω,在拉力F的作用下,从MN处以恒定速度v=1 m/s在导轨上沿x轴正向运动(金属杆与导轨接触良好)。g取10 m/s2 (1)求金属杆CD运动过程中产生的感应电动势E及运动到x=0.8 m处电势差UCD; (2)推导金属杆CD从MN处运动到P点过程中拉力F与位置坐标x的关系式,并在图乙中画出F-x关系图象; (3)求金属杆CD从MN处运动到P点的全过程产生的焦耳热。 【答案】(1)1.5 V -0.6 V(2)F=12.5-3.75x(m) 图象见解析(3)7.5 J (2)金属杆做匀速直线运动,故始终受力平衡,即F=mgsin θ+BIl I= 所其中l=d=3 m-x,Rx=l×0.1 Ω/m 代入可得F=12.5-3.75x (m)(0≤x≤2) 关系图象如下图所示 所以F=mgsin θ+